等差數(shù)列與等比數(shù)列

　　等差數(shù)列與等比數(shù)列

　　例1.等差數(shù)列中,a3+a7-a10=8,a11-a4=4,求S13

　　解：由求和公式

　　知問(wèn)題轉(zhuǎn)化為求a7

　　由條件得：a7=12

　　例2.已知數(shù)列{an}滿足

　　(1)計(jì)算：a2,a3,a4　 (2)求數(shù)列的通項(xiàng)公式

　　解：(1)由可計(jì)算出

　　a2= -1,a3=，a4= -1

　　有兩種解法，一由a2,a3,a4的值猜想通項(xiàng)公式然后用數(shù)學(xué)歸納法證明

　　二是由已知得：

　　(*)

　　兩式相減得：(an-1-1)(an-an-2)=0

　　顯然不存在an-1-1=0的情況，否則代入(*)有an=an+1即0=1矛盾，故只有an=an-2

　　這樣可得　 或

　　例3.已知數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為正數(shù)，且前n項(xiàng)之和Sn滿足6Sn=an2+3an+2.若a2，a4,a9成等比數(shù)列，求數(shù)列的通項(xiàng)公式。

　　解：當(dāng)n=1時(shí)，由題意有6a1=a12+3a+2

　　于是　 a1=1 或 a1=2

　　當(dāng)n32時(shí)，有6Sn=an2+3an+2，6Sn-1=an-12+3an-1+2

　　兩式相減得：(an+an-1) (an-an-1-3)=0

　　由題意知{an}各項(xiàng)為正，所以an-an-1=3

　　當(dāng)a1=1時(shí)，an=1+3(n-1)=3n-2

　　此時(shí)a42=a2a9成立

　　當(dāng)a1=2時(shí)，an=2+3(n-1)=3n-1

　　此時(shí)a42=a2a9不成立，故a1=2舍去

　　所以an=3n-2

　　例4.各項(xiàng)為實(shí)數(shù)的等差數(shù)列的公差為4，其首項(xiàng)的平方與其余各項(xiàng)之和不超過(guò)100，這樣的數(shù)列至多有多少項(xiàng)？

　　解 設(shè)a1,a2…,an是公差為4的等差數(shù)列，則

　　a12+a2+a3+…+an￡100,

　　即

　　a12+(n-1)a1+(2n2-2n-100)￡0　 (1)

　　因此，當(dāng)且僅當(dāng)D=(n-1)2-4(2n2-2n-100)30時(shí)，至少存在一個(gè)實(shí)數(shù)a1滿足(1)式。

　　因?yàn)镈30，所以

　　7n2-6n-401￡0,

　　解得 n1￡n￡n2　 (2)

　　其中，所以滿足(2)的自然數(shù)n的最大值為8。故這樣的數(shù)列至多有8項(xiàng)。

　　例5.各項(xiàng)均為實(shí)數(shù)的等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)之和為Sn，若S10=10，S30=70，求S40。

　　解　 記b1=S10,b2=S20-S10,b3=S30-S20,b4=S40-S30.設(shè)q是{an}的公比，則b1,b2,b3,b4構(gòu)成以r=q10為公比的等比數(shù)列。于是

　　70=S30=b1+b2+b3

　　=b1(1+r+r2)

　　=10(1+r+r2)

　　即r2+r-6=0. 　解得r=2 或 r=-3

　　由于r=q10>0 , 所以r=2

　　故　 S40=10(1+2+22+23

　　例6.給定正整數(shù)n和正數(shù)M，對(duì)于滿足條件a12+an+12￡M的所有等差數(shù)列a1,a2,a3…試求

　　S=an+1+an+2+…+a2n+1的最大值。

　　解　 設(shè)公差為d,an+1=a. 則

　　S=an+1+an+2+…+a2n+1

　　=(n+1)a+

　　故

　　又　 M3a12+an+12

　　=(a-nd)2+a2

　　=

　　所以　 |S|

　　且當(dāng) 時(shí)，

　　S=

　　=

　　=

　　由于此時(shí)4a=3nd，所以

　　所以S的最大值為。

　　例7.設(shè)等差數(shù)列的首項(xiàng)及公差均為非負(fù)整數(shù)，項(xiàng)數(shù)不少于3，且各項(xiàng)之和為972，這樣的數(shù)列共有多少個(gè)？

　　解　 設(shè)等差數(shù)列首項(xiàng)為a，公差為d，依題意有

　　即　 [2a+(n-1)d]n=2′972, (3)

　　因?yàn)閚為不小于3的自然數(shù)，97為素?cái)?shù)，故n的值只可能為97，2′97,972,2′972四者之一。

　　若 d>0,則由(3)知

　　2′9723n(n-1)d3n(n-1).

　　故只可能有n=97.于是(3)化為 a+48d=97.

　　此時(shí)可得n=97,d=1,a=49 或 n=97,d=2,a=1.

　　若d=0時(shí)，則由(3)得na=972,此時(shí)n=97,a=97 或 n=972,a=1。

　　故符合條件的數(shù)列共有4個(gè)。

　　例8.設(shè){an}是由正數(shù)組成的等比數(shù)列，Sn是前n項(xiàng)之和

　　(1)證明

　　(2)是否存在常數(shù)c>0，使得成立，并證明你的結(jié)論

　　證明：(1)設(shè){an}的公比為q,由已知得：a1>0,q>0

　　i)當(dāng)q=1時(shí)，Sn=na1,從而，

　　Sn×Sn+2-Sn+12=na1(n+2)a1-(n+1)2a12= -a12<0

　　ii)當(dāng)q11時(shí)，

　　∴

　　由i)、ii)均有Sn×Sn+2<Sn+12，兩邊同時(shí)取對(duì)數(shù)即得證

　　(2)要使成立，則有

　　分兩種情況討論

　　i)當(dāng)q=1時(shí)

　　(Sn-c)×(Sn+2-c)-(Sn+1-c)2=(na1-c)[(n+2)a1-c]-[(n+1)a1-c]2= -a12<0

　　即不存在常數(shù)c>0使結(jié)論成立

　　ii)當(dāng)q11時(shí)，若條件(Sn-c)×(Sn+2-c)=(Sn+1-c)2成立，則

　　(Sn-c)×(Sn+2-c)-(Sn+1-c)2=

　　= -a1qn[a1-c(1-q)]

　　而a1qn10，故只能是a1-c(1-q)=0

　　即，此時(shí)，由于c>0,a1>0，必須0<q<1,但0<q<1時(shí)，

　　不滿足Sn-c>0，即不存在常數(shù)c>0滿足條件

　　綜合i)、ii)可得，不存在常數(shù)c>0，滿足題意

　　例9.設(shè)任意實(shí)數(shù)x,y滿足|x|<1,|y|<1,求證： (第19屆莫斯科數(shù)學(xué)競(jìng)賽試題)

　　證明：∵|x|<1,|y|<1，∴x2<1,y2<1，故

　　=(1+x2+ x4+ x6+…)+(1+ y2+ y4+ y6+…)=2+(x2+y2) (x4+y4)+ (x6+y6)+…

　　≥2+2xy+2x2y2+2x3y3+…=

　　例10.設(shè)x,y,z為非負(fù)實(shí)數(shù)，且x+y+z=1,求證：0￡xy+yz+zx-2xyz￡

　　證明：由對(duì)稱性，不妨設(shè)x3y3z　 ∵x+y+z=2×

　　∴x+y,, z成等差數(shù)列，故可設(shè)x+y=+d,z=-d

　　由x+y32z，得，則

　　xy+yz+zx-2xyz=(x+y)z+xy(1-2z)=30

　　當(dāng)且僅當(dāng)x=1,y=z=0時(shí)取等號(hào)

　　又￡

　　=

　　當(dāng)且僅當(dāng)x=y=z=時(shí)取等號(hào)

　　故0￡xy+yz+zx-2xyz￡

　　例11.解方程組

　　解：由(1)得 解得

　　即xy=15=,則x,，y成等比數(shù)列，于是可設(shè)x=q,y= 代入(2)整理得：

　　15q4-34q2+15=0

　　解得：

　　故經(jīng)檢驗(yàn)都是原方程組的解

　　例12.解方程：

　　解：顯然成等差數(shù)列，故可設(shè)

　　(1)2-(2)2得

　　-2(3x+2)= -2(3x+2)d 解得d=1或

　　當(dāng)d=1時(shí)，代入(1)解得是增根，舍去

　　∵符合題意，∴是原方程的根

　　例13.等差數(shù)列{an}中，，試求(l-m)ab+(m-n)bc+(n-l)ca的值

　　解：在直角坐標(biāo)系中，對(duì)于任意n?N,點(diǎn)(n,an)共線，所以有，點(diǎn)

　　共線，于是

　　，由，化簡(jiǎn)得：

　　，所以

　　=

　　所以所求的值為0

　　例14.從n個(gè)數(shù)1,a, a2,…, an (a>2)中拿走若干個(gè)數(shù)，然后將剩下的數(shù)任意分成兩個(gè)部分，證明：這兩部分之和不可能相等

　　證明：當(dāng)a>2時(shí)，，上式對(duì)任意k?N成立，

　　不妨設(shè)剩下的數(shù)中最大的數(shù)am (m31)在第一部分中，

　　則第一部分各數(shù)之和3am>1+a+…+am-13第二部分之和

　　作業(yè)：

　　1.設(shè){an}是等比數(shù)列，首項(xiàng)a1>1,公比q>1，求證：數(shù)列{}是遞減數(shù)列

　　2.確定最大的實(shí)數(shù)z，使得x+y+z=5，xy+yz+zx=3，并且x與y也是實(shí)數(shù)

　　3.將奇數(shù){2n-1}按照第n組含有n個(gè)數(shù)的規(guī)則分組：

　　1，

　　3,5

　　7,9,11,

　　13,15,17,19

　　…………………

　　(1)求第8組中的所有奇數(shù)

　　(2)求1993屬于第幾組中的第幾號(hào)數(shù)

　　(3)求第100組中所有奇數(shù)的和

　　(4)求前100組的全體奇數(shù)的總和

　　4.設(shè){an}與{bn}分別是等差數(shù)列和等比數(shù)列，且a1=b1>0，a2=b2>0試比較an和bn的大小

　　5.設(shè)S={1,2,3,…,n}，A為至少含有兩項(xiàng)的公差為正的等差數(shù)列，其每一項(xiàng)均在S中，且添加S中的其它元素于A以后，均不能構(gòu)成與A有相同公差的等差數(shù)列，求這種數(shù)列A的個(gè)數(shù)(只有兩項(xiàng)的數(shù)列也看成等差數(shù)列)

　　6.數(shù)列{an}的前n項(xiàng)之和為Sn，若S1=1且Sn1=Sn+(5n+1)an,n=1,2,…,|a|11，求Sn